视图无法访问laravel中控制器中定义的变量
在Laravel中，视图无法直接访问控制器中定义的变量。这是因为Laravel的视图和控制器是分离的，它们通过模板引擎来进行数据传递。
为了在视图中访问控制器中的变量，可以通过以下步骤实现：
- 在控制器中定义需要传递给视图的变量，例如：$data = ['name' => 'John', 'age' => 25]; return view('example', $data);
- 在视图中使用
{{ }}语法来输出变量的值，例如：<p>Name: {{ $name }}</p> <p>Age: {{ $age }}</p>
这样，控制器中定义的变量就可以在视图中进行访问和显示了。
对于这个问题，推荐使用腾讯云的云服务器（CVM）来部署和运行Laravel应用。腾讯云的云服务器提供高性能、可靠稳定的计算资源，适用于各种规模的应用。您可以通过以下链接了解更多关于腾讯云云服务器的信息：腾讯云云服务器
另外，腾讯云还提供了云数据库MySQL版（CDB）来存储和管理应用的数据。云数据库MySQL版具有高可用性、可扩展性和数据安全性，适用于各种规模的应用。您可以通过以下链接了解更多关于腾讯云云数据库MySQL版的信息：腾讯云云数据库MySQL版
总结：在Laravel中，视图无法直接访问控制器中定义的变量，但可以通过在控制器中定义需要传递给视图的变量，并在视图中使用{{ }}语法来输出变量的值来实现。推荐使用腾讯云的云服务器和云数据库MySQL版来部署和运行Laravel应用。
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3回答
正如您可能预期的那样，当验证失败时，我创建了一个重定向。
return Redirect::to('search')->withErrors($v->messages())
我可以在视图中访问它，没有问题，但我想做一些不同的事情。我有一个ErrorPartial.blade.php，我希望被传递到我的搜索视图。
return View::make('search.searchForm')
->with('title', 'Search Page')
->with('c
浏览 10提问于2014-04-17得票数 10
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在将数据传递到视图之前，我正在寻找一种编辑数据的方法。
快速示例(仅演示一下)：假设我通过控制器将变量$name传递给视图。我想使用一些东西来传递另一个变量$message，它将包含Hello $name，例如Hello，如果变量$name是John。
我不想在控制器中发送第二个变量，因为我将使用很多控制器，视图，而我想对数据所做的事情相当复杂。
我需要将它用于变量view("foobar", ["foo" => "bar"])和会话view("foobar")->with("foo", "ba
浏览 3提问于2016-10-08得票数 4
2回答
我的模型中有一个 user：
class Training extends Model
{
...
public function user()
{
return $this->belongsTo('App\User');
}
}
我可以很容易地在控制器中获得这样的用户名：
Training::find(1)->user->name
但我不知道如何做同样的事情。我试过这个：
主计长：
return view('training/single', Training::find(1));
查看：
{
浏览 6提问于2015-03-31得票数 1
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如果我在我的控制器里有这个
$this->layout->nest('content', 'home.index', $array);
我只能访问home.index.blade.php模板文件内的$array中的数据，而不能访问我正在使用的layouts.main中的数据。
布局和视图正确加载，我只是无法访问从布局文件传递到控制器中的任何数据。
有没有人能帮上忙？
为了澄清--假设我想把一个title变量传递给我的layout.main，我该怎么做呢？我在上面发布的方法只允许我从index.blade.php的'content‘中访问$ar
浏览 0提问于2012-07-21得票数 8
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2回答
我尝试将方法的结果传递给我的视图sample Blade，该方法位于： 应用程序/对话/ bot.php private function searchCompatibility()
{
$users = Products::all();
return View::make('sample')->with('products', $products);
} 在我的路径中，我想将我的方法的结果发送到我的视图中，我如何发送它来调用，正确的语法是什么？或者它只能来自控制器？
浏览 14提问于2019-05-01得票数 1
我有拉拉的应用程序。我在控制器中将变量$res张贴到我的视图中，在视图中，我无法访问我发布的变量。这是我的代码：
我的路线：
Route::get('/pickUpQuestion','createQuizController@showResult');
我的控制器：
public function showResult()
{
$prio = Input::get('quiz_prio');
$cat = Input::get('quiz_cat');
$les = Input::get('q
浏览 2提问于2015-04-04得票数 0
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我目前有一个UIPageController，它在子视图中显示视图控制器，UIPageController中的UIViewController使用以下代码从数组中填充：
UIViewController * childViewController = [storyboard instantiateViewControllerWithIdentifier:[_viewControllers objectAtIndex:index]];
现在唯一的问题是，我无法从数组中实例化视图控制器的属性，因为它是动态分配的，所以我无法访问或赋值，我想知道尝试将childViewController转换到其正确
浏览 0提问于2013-09-27得票数 0
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其想法是使用WordPress作为前端，使用Yootheme和Laravel作为后端。我能够在一定程度上使用来完成这个任务。
然而，我无法访问我的laravel控制器在我的wordpress视图。
对于如何做到这一点，任何反馈都将不胜感激。
我也想知道你是否相信这个设置是个好主意？
编辑:客户端希望能够通过WordPress进行更新，并将 用于前端
编辑:谢谢你的回答。最后，我创建了一个Laravel来查询WordPress中的数据。
浏览 0提问于2018-09-17得票数 0
我是iphone开发的新手，现在我想访问所有视图控制器中的字符串变量，但我知道要在委托方法中声明变量，但我无法访问它，请帮助我。
Mainviewcontroller-->Viewcontroller1_-->viewcontroller2-->viewcontroller3-->subwebview.
我已经创建了一个主视图控制器，子视图类是Viewcontroller1、viewcontroller2、viewcontroller3。子subwebview是所有三个视图控制器(Viewcontroller1、Viewcontroller2、Viewcontrolle
浏览 3提问于2010-02-09得票数 3
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2回答
我有两种观点
索引和内容
通过控制器返回的视图的索引。
return view();
在索引视图中，我能够回显我传递给它的一个变量。
在清理文件时，我尝试创建第二个视图内容，并将该视图包含在索引中。
yield('content')
如何将变量传递给内容
浏览 3提问于2016-01-07得票数 2
2回答
我有一个控制器，可以过滤数据库中的数据，并将其发送到我使用引导分页在多个页面上显示数据的视图中……数据被列在视图上，每件事情都正常工作，但是问题是，当我试图进入第二页时，我得到了以下错误： Undefined variable: filtredPosts
这是控制器。
public function filter(Request $request){
$query = Post::query();
if ($request->country){
$query->where('country','=',$request-
浏览 3提问于2021-04-19得票数 0
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无法将数据从控制器传递到我的视图。
我的视图被我的控制器称为"about.blade.php“--我只是写了
return view('pages.about')->with('fullname', "test");
我的视图名为"about.blade.php“，来自我的控制器--我只编写了返回视图
$first = 'B';
$last = "Z";
$full = $first " " . $last;
return view('pages.about
浏览 0提问于2019-07-06得票数 0
我必须在一些控制器和视图中使用全局变量，在哪里放置它们更好？在.env文件或config/ file中，例如config/app.php？谢谢。
浏览 3提问于2016-06-04得票数 0
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在Laravel控制器函数中，您可以返回带有您想要与当前视图共享的变量数组的视图。如下所示：
public function index() {
return view('index')->with(['name' => 'John doe']);
}
然后，您可以在视图中使用with()函数中的name作为$name。
有人能解释一下它是怎么做到的吗？我想自己做一些类似的事情。
浏览 0提问于2017-05-22得票数 0
5回答
我有一个同时带有Objective和Swift视图控制器的应用程序。我是程序打开一个基于Swift的视图控制器从我的目标之一-基于C的视图控制器。我遇到的问题是我无法从目标C代码中访问Swift变量。
我的Swift代码：
@IBOutlet weak var profPicture: UIImageView!
@IBOutlet weak var profVerified: UIImageView!
@IBOutlet weak var profName: UILabel!
var passedUser:PFUser!
我的目标-C代码：
MyProfileViewController *s
浏览 6提问于2015-11-02得票数 20
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1回答
我有一个名为'contacts‘的表，它有'is_company’字段。这个字段得到值0和1。我有两个控制器，名为ContactController和CompanyController.。我将数据保存到表中，从ContactController -> is_company = 0，从CompanyController -> is_company = 1。
我不能用一个控制器。因为存储在表中的视图和其他信息是不同的。
这是我的路线
Route::resource('contacts','ContactController')->
浏览 1提问于2021-02-13得票数 0
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2回答
我创建了一个视图"CategoryTableView“，它是UIView的子类。CategoryTableView包含一个UITableView。我将CategoryTableView作为子视图添加到UIViewController的HomeViewController子类中。现在，我想在didSelectRowAtIndexPath执行时推送一个新的视图控制器。但是，在CategoryTableView中，我如何推送或呈现另一个视图控制器。我无法访问CategoryTableView中的导航控制器。
浏览 3提问于2013-04-03得票数 4
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1回答
我试图导出数据到excel，但我似乎无法使它工作。我正在使用：
我会尽可能多地跟踪医生。所以我有这样的观点，我想在excel中得到这个观点。告诉我：
加载单个工作表的视图
$sheet->loadView('folder.view');
所以我这样做了，(当然)我得到了一个错误，说视图中的变量没有被拒绝，因为我没有将变量传递到视图中。所以我又读了一遍文档，上面写着：
将变量传递给视图
也可以使用with()方法，该方法与Laravel一样工作。
使用一个基本的with()示例。
现在我在我的控制器函数中有了这个：
public function something(){
浏览 1提问于2015-05-19得票数 5
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5回答
我使用achor点击一个按钮导航到另一个页面。然而，它不工作，并返回404错误找不到。
我的目的地是：
inventory.blade.php：
<a class="d-xl-flex align-items-xl-center" href="{{ url('inventory/add')}}" style="padding-right: 0px;margin-right: 15px;"><button class="btn btn-primary d-xl-flex align-items-xl-
浏览 11提问于2022-10-27得票数 -3
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2回答
菜单中的链接有问题。
目前，视图之间的链接是通过视图内部的链接来实现的，而视图内部的链接是由控制器决定的。
例如，在这个视图中，
我们有公司的展示会。
“编辑关于页面Tiago”的链接如下所示：
<p><a href="{{route('company.companies.about.edit', $company->companyID)}}">Edit About Page {{$company->Company_Name}}</a></p>
其中$company->companyID
浏览 8提问于2016-11-22得票数 2
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1回答
我在将参数传递到视图时遇到了问题。当我将代码放在SearchController@index时，我已经测试了代码是否有效。如果我使用另一个函数，问题就出来了。当我尝试使用SearchController@create或其他名称时，它不起作用。PS:这个模型叫做image.php。
控制器
class SearchController extends BaseController {
public function index() // Display view
{
return View::make('search.search');
}
publ
浏览 0提问于2015-01-20得票数 0
我知道它已经被问了很多次了，但是无论我在哪里寻找解决方案，我都会看到测试时的失望。
请帮帮忙！
我正在对opencart版本2.x的核心产品控制器进行更改
我试图在视图文件中呈现一个变量。但我无法访问它。每当我尝试使用这样的方法时，我就会得到上面提到的错误：
$this->data['view'] = array('1','2','3','4');
如果我这样做：
$data['view'] = array('1','2','3','4
浏览 1提问于2017-02-21得票数 0
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在Laravel 4中，我的控制器使用刀片布局：
class PagesController extends BaseController {
protected $layout = 'layouts.master';
}
主布局输出变量标题，然后显示一个视图：
...
<title>{{ $title }}</title>
...
@yield('content')
....
然而，在我的控制器中，我似乎只能将变量传递给子视图，而不能传递给布局。例如，操作可以是：
public function index()
{
$t
浏览 1提问于2013-04-20得票数 105
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1回答
在普通的laravel控制器中，我用数据返回视图。
return view('folder.page', compact('data'))
但是我正在用API构建我的网站，以便也能在移动设备中工作，我应该如何用API构建我的html呢？
创建一个调用api并使用数据返回视图的控制器
使用调用api并生成html的javascript函数构建
另一种方式
更新的重要事情，API在同一个项目中，它不是外部api
浏览 2提问于2018-06-05得票数 1
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我有一个视图有形式，该视图也有一个模式窗口附加。模型窗口在单击时打开(通过控制器的处理程序)，如下所示
this.getView().add({
xtype: 'settings_modal'
}).show();
在modal中，我无法访问viewModel或controller。我们如何共享视图到它的子窗口的绑定
浏览 7提问于2016-09-13得票数 1
我有一系列的模型，完美地工作，与分页。
然而，其中一个Roles，对应于“角色”表，工作，但完全跳过分页！
我有：
控制器
$roles = \DB::table('roles')->paginate(3);
// Or even
// $roles = Role::paginate(3);
return view('modules.roles.index', ['roles'=>$roles, 'rolecount'=>count($roles) ] );
视图
@foreach($roles as $rol
浏览 0提问于2019-11-16得票数 0
回答已采纳
1回答
我在EncryptCookies中为api启用了kernel.php
在我的中间件/Authenticate.php文件中，我无法访问cookie。他们被加密了。
Authenticate.php：
protected function authenticate($request, $guards)
{
$token = $request->cookie('something'); // Now it stores the encryted cookie
}
顺便说一句，我可以把它们用在我的控制器上。我怎样才能在中间件中使用它们？
浏览 7提问于2022-10-16得票数 0
我在用户和项目之间有很多到很多的关系。我试图列出一个用户项目，但无法访问视图中的子字段：
模型
// Project
public function users() {
return $this->belongsToMany('App\User')->withTimestamps();
}
// User
public function projects() {
return $this->belongsToMany('App\Project')->withTimestamps();
}
中间表: project_use
浏览 0提问于2018-03-26得票数 0
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我对Laravel和PHP非常陌生，只是想像这样列出我的视图文件中的所有用户：
@foreach ($users as $user)
<li>{{ link_to("/users/{$user->username}", $user->username) }}</li>
@endforeach
但是得到了一个错误，显示“为foreach()提供了无效的参数”
在我的控制器中，我有以下函数：
public function users() {
$user = User::all();
return View::make(&
浏览 0提问于2014-03-14得票数 8
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我正在建一家商店，这样我就可以学到拉拉了。与大多数商店一样，用户可以将商品添加到购物车中，但在注册之前不能结帐。如何使同一路由在授权时返回用户名，当授权时返回零。一开始，我觉得这很容易：
@if(Auth::guest())
Nothing || or login/register buttons
@else
{{ Auth::user()->name }}
@endif
如果您的内容只对忠实用户可见，但对于商店来说，您需要用户查看所提供的内容，这很好。
问题是，在我的主控制器中，我需要在构造函数中添加中间件，以便Route::get('/',HomeContro
浏览 4提问于2016-11-07得票数 0
将变量添加到可跨控制器和视图访问的Laravel框架的最佳方式是什么？
我不想使用.env来存储变量，因为它不能通过Git获得。
浏览 1提问于2016-04-29得票数 4
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我在桌子的每个牢房都有一个按钮。当按下按钮时，它会得到按钮所在的单元格的NSIndexPath。该按钮是另一个视图控制器的索引。如何将该NSIndexPath导入新的视图控制器？如果我使用重写func prepareforSegue，我无法访问变量来传递它，因为它在按钮函数中。我可能可以让TableViewCell类访问这个变量，但是我不知道如何声明一个空的NSIndexPath，或者您是否可以这样做，如果可以的话，可能会导致其他问题。或者说这是最好的方法？
浏览 2提问于2016-03-28得票数 0
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我已经将我的一个站点上传到了运行在Digital Ocean上的Laravel上，该站点的视图无法访问从Controller发送的变量。所以我想尝试一下Laravel的新安装
控制器方法：
public function showWelcome()
{
return View::make('hello')->with(['test1'=>2,'test3'=>'fotune']);
}
视图:
<!doctype html>
<html lang="en">
浏览 1提问于2014-10-07得票数 0
当我在控制器上使用storeMessage函数访问它时，在Laravel5.2中出现了一个错误
这是我的错误声明
6e12af76911d23528f6e0ea587ccab13391eacf9.php行37:未定义变量: thisPage (视图: E:\xampp\htdocs\beasiswa\resources\views\layouts\partials\sidebar.blade.php) (视图: E:\xampp\htdocs\beasiswa\resources\views\layouts\partials\sidebar.blade.php) )
这是我的代码：视图
浏览 0提问于2018-08-01得票数 0
回答已采纳
我试图做的总体概念是创建管理面板，在单个刀片视图上有多个“窗体”。每个“表单”都是一个blade.php文件，该文件的表单绑定在模型中以提供对加载时模型数据的快速访问。例如，假设我正在运行一条生产线，在manufacturing.blade.php上有三种模型(子视图)我想要@include()。
父视图(manufacturing.blade.php)
子视图-启动时间( Start - time .blde.php)
子视图-吞吐量(throughput.blade.php)
子视图-主管(supervisor.blade.php)
每个子视图都有一个提
浏览 1提问于2018-06-21得票数 0
AuthController.php -我不知道如何通过这种方式将数据传递给视图。我应该在这里这样做，还是应该创建一个新的控制器？
protected function create(array $data)
{
$departments = Department::lists('deptName', 'id');
return User::create([
'name' => $data['name'],
'deptartmentId' => $dat
浏览 3提问于2016-05-09得票数 0
起初，我只有一个视图文件，其中包含了显示页面的所有代码。但现在我决定拆分代码部分。因此，正如我所了解的，我会创建一个子视图，将我的部分代码写入该文件，然后在中返回子视图。因此，现在传递的数据进入子视图，在父视图中，在调用yield函数之前，我无法访问它们。但是在父视图中，在调用yield之前，我需要一些数据。那么，如何传递在父视图和子视图中都可用的数据呢？
我已经尝试过将extends()中的数据作为第二个参数传递，但是在调用yield时数据就可用了。
主计长：
class walletsController extends Controller
{
function name(){
浏览 1提问于2019-07-20得票数 1
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1回答
我正在使用控制器和视图(没有框架)，并且在要求父控制器的视图方面有问题，这会导致变量未定义。
有一个具有视图功能的主控制器，它需要视图。
class Controller {
public function view($view, $data =[]){
require_once './app/views/' . $view . '.php';
}
然后有一个用户控制器扩展了Controller，它使用一个方法"mypage“加载变量中的内容，并需要一个视图。(如果登录，可以访问URL中的Myp
浏览 1提问于2015-05-18得票数 1
我正在尝试在Laravel中创建一个下拉列表，其中的选择选项是我的数据库中的值，但我有一些问题。在本站点的其他教程中，执行下拉列表查询为您的数据库构建模型。我没有创建模型类，也不打算这样做。
Routes.php
Route::get("/user/charname", array(
'as' => 'profile-character',
'uses' => 'ProfileController@dropDownList'
));
ProfileController.php
class
浏览 0提问于2014-02-20得票数 0
我很困惑如何将变量从控制器传递到视图。我知道有很多关于这已经在库存溢出，但找不到一个工作，请指出我的正确方向。谢谢。
控制器
class StoreController extends Controller
{
public function index()
{
$store = Store::all(); // got this from database model
return view('store', $store);
}
{
视图
// try a couple of differnt things
浏览 1提问于2016-02-10得票数 19
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3回答
我有一个带有路由器和一堆控制器的Angular应用程序，组织如下
articleApp.config(['$routeProvider',
function($routeProvider) {
$routeProvider.
when('/articles', {
templateUrl: 'templates/articles/index.html'
}).
when('/articles/:articleId', {
templateUrl: &#
浏览 0提问于2015-10-16得票数 1
我有一个视图控制器，它在每次初始化时都会在视图之间切换(即第一次初始化时应该使用View1，第二次应该使用View2，依此类推)。
我如何使用一个变量并将其设置为这两个视图中的一个，这取决于它应该是哪个视图？
我曾尝试将视图声明为UIView，然后将其实例化为View1或View2，但随后无法访问视图1/视图2中的属性，因为"UIView没有名为X的属性“。每次需要访问属性时，我都可以将视图转换为View1或View2，但这似乎很草率。
浏览 0提问于2018-08-13得票数 0
我使用的是laravel 5.1和模块化软件包。在我的控制器中，我使用以下登录方法：
public function postLogin(Request $request)
{
$email = $request->input('email');
$password = $request->input('password');
if (Auth::attempt(['email' => $email, 'password' => $password])) {
retu
浏览 0提问于2016-02-29得票数 0
2回答
当我在我的视图中放入{!！$问题->links()；!!}时，我看不到分页样式，页面也不会像我放在控制器中那样每页接受6个帖子。
我的帖子控制器:类QuestionsController扩展了控制器{
/**
* Display a listing of the resource.
*
* @return Response
*/
public function index()
{
$questions = \App\Question::latest()->paginate(6);
$questions = \App\Quest
浏览 0提问于2016-07-25得票数 2
我正在尝试基于laravel实现CRM的Gmail，用户可以存储多个Google凭证，并且使用这些凭据用户可以登录他们的Google帐户。
我使用了，但对于默认设计的dacastro4/laravel-gmail包，这些谷歌凭证存储在laravel项目的.env文件中。
.env
GOOGLE_PROJECT_ID=
GOOGLE_CLIENT_ID=
GOOGLE_CLIENT_SECRET=
GOOGLE_REDIRECT_URI=
`
我尝试在控制器构造函数中设置.env变量，但不起作用。例如,
env('GOOGLE_PROJECT_ID',$project_id);
浏览 11提问于2022-11-19得票数 0
当在Laravel5.4中包含一个视图时，我遇到了一个问题，这是一个错误：
3/3)未定义变量:类别(视图: C:\xampp\htdocs\blog\resources\views\partials\index.blade.php) (视图: C:\xampp\htdocs\blog\resources\views\partials\index.blade.php) )
我的索引：
@extends('layouts.master')
@section('content')
@include('partials.index')
浏览 2提问于2017-08-18得票数 0
我使用的是使用AngularJS的Ionic框架，我无法访问我的控制器中的输入字段"groupName“，我只是得到了”未定义“。
我以为用ng模型会把它注入我的控制器的范围？
<ion-pane>
<ion-header-bar align-title="left" class="bar-positive">
<div class="buttons">
<button class="button" ng-click="saveNewGroup()&
浏览 0提问于2015-04-09得票数 0
回答已采纳
5回答
我正在尝试运行一个与用户相关的查询来获取数据，这些数据将出现在每个视图上我的网站的顶部栏中。
我已经根据这里的第一个答案创建了一个新的BaseController：
这适用于一个简单的测试(只共享一个键入的变量)，但是当我尝试在BaseController的__construct方法中使用Auth::user()->id时(在我的其他控制器中，它总是返回当前登录用户的ID )，我得到的是Trying to get property 'id' of non-object。
我已经尝试在BaseController顶部添加use App\User (尽管通常不需要)，也尝试
浏览 0提问于2019-01-10得票数 0
我正在尝试创建一个容器视图控制器(见截图)，我想在右边添加一个导航控制器，但我遇到了一些问题。你能帮帮我吗?
当我在父控制器(viewDidLoad)中添加此代码时，我会看到具有其他位置/大小的视图，我猜是因为我无法访问导航控制器容器视图。
已尝试：
[self addChildViewController:_detailNavigationController];
_detailNavigationController.view.frame = CGRectMake(256, 49, 768, 651);
[self.view addSubview:_detailNavigationCont
浏览 0提问于2012-04-14得票数 0
viewControllerWithRestorationIdentifierPath:coder:上的文档说：
此方法的实现应该创建(或找到)相应的视图控制器对象并返回它.在此方法的实现中，并不总是需要创建一个新的视图控制器对象。还可以返回另一种方法创建的现有视图控制器对象。例如，如果视图控制器已经从情节提要文件中加载，则将返回该对象，而不是创建新对象。我的斜体。
在我看来，这一直是一派胡言。这是一个类方法！目前我们无法访问任何实例--除非我们创建一个实例。如果有人能向我解释一个类方法如何能够找到或知道“已经从故事板文件中加载的视图控制器”，我将不胜感激。
编辑:为了获得丰厚的回报，
浏览 4提问于2013-09-02得票数 10
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