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问正在使用连接两个表，但未显示数据
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Stack Overflow用户

提问于 2015-08-11 22:26:16

回答 2查看 41关注 0票数 1

我正在使用JOIN连接两个表：

   $sql = "SELECT * FROM employee JOIN employee_medical on employee = medical_notes";
   $data = mysql_query($sql , $testing);

然后我显示表格和数据：

   echo "<table border=2>
    <tr>
   <th>emp_id</th>
   <th>emp_name</th>
   <th>emp_ic</th>
   <th>emp_phone</th>
   <th>emp_address</th>
   <th>medical_notes</th>
   </tr>";


if($data = mysql_query($sql) or die ())
  {

while ( $record = mysql_fetch_array($data))
{

    echo"<tr>";
    echo "<td>" . $record['emp_id'] . "</td>";
    echo "<td>" . $record['emp_name'] . "</td>";
    echo "<td>" . $record['emp_ic'] . "</td>";
    echo "<td>" . $record['emp_phone'] . "</td>";
    echo "<td>" . $record['emp_address']. "</td>";
    echo "<td>" . $record['medical_notes']. "</td>";
    echo "</tr>";
}

}；

我的PHP代码有问题吗？显示了我的表，但没有显示数据。

php

mysql

回答 2

Stack Overflow用户

发布于 2015-08-11 22:38:12

不确定是否存在任何与PHP相关的问题，但您的查询ON子句很奇怪。它应该看起来像

SELECT e.* 
FROM employee e 
//Provide proper column names on which to join both the table 
JOIN employee_medical em on e.employeeid = em.medical_notes;

票数 2

Stack Overflow用户

发布于 2015-08-11 23:29:03

修复和解决方案：

当您引用多个表时，使用die(":: ".mysql_error($testing));输出任何

需要在MySQL中定义的列，对于引用的每一列，Rahul都有正确的答案。所以：

$sql = "SELECT * FROM employee JOIN employee_medical on employee.employee = employee_medical.medical_notes";

看到<Table>.<column>结构了吗？一定要用到它。

如果要声明你想要使用哪种类型的JOIN，养成这个习惯是一个非常好的主意。有内部，外部和一些其他的连接，请探索并澄清你的代码。
更新到MySQLi，您已经引用了与$testing的连接，您就快要成功了！将所有MySQL_命令转换为mysqli_<whatever>($connection, $querty); (它稍微复杂一点，但只有一点点。
mysql_fetch_array可能不会返回键值，这取决于您的SQL的设置。因此，如果数据没有出现，但您确定它在那里，那么可以尝试使用mysqli_fetch_assoc()。

票数 0

页面原文内容由Stack Overflow提供。腾讯云小微IT领域专用引擎提供翻译支持

原文链接：

https://stackoverflow.com/questions/31944491

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