问"this“参数的包装类型

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你不能

shared_ptr<C> c = std::make_shared<C>();
c->foo(); // OK
c.get()->foo(); // Should not be OK.

你能做的最接近的事情是：

class C {
public:
    friend void some_fn(std::shared_ptr<C> self) {
        // ...
    }
};

所以

shared_ptr<C> c = std::make_shared<C>();
some_fn(c); // OK
some_fn(c.get()); // KO.

这样我就可以做到：

auto c= std::shared_ptr(c_t())；c->some()；//“从shared_ptr调用”

您可以通过声明一个成员函数(也可以在某个地方定义它)来完成这项工作：

struct c_t {
    void some_fn();
};

想知道传递给some_fn的shared_ptr指针

不，你不能用你想要的语法。使用operator->间接通过共享指针后，有关共享指针的信息已经丢失。非静态成员函数只知道对象的标识(通过隐式this)，而不知道共享指针。

您可以将共享指针传递给非(非静态成员函数)，即静态成员函数或空闲函数：

void some_fn(const std::shared_ptr<c_t>& ptr);
// ...
some_fn(c);

如果类继承了std::enable_shared_from_this，非静态成员函数可以获取指向自身的共享指针，但很难正确使用，在这种情况下，对共享指针不属于的对象调用函数将导致未定义的行为。本质上，只有当实例的创建封装为只能创建共享实例时，才能安全地使用。

如果这些都不是您想要的，那么我想对“这种特性在C++中存在吗？”这个问题的答案是？是:不。

首先，C++的this指针不是shared_ptr。通过使用std::enable_shared_from_this可以获得shared_ptr this，但通常不需要这样做(请不要这样做，除非您完全确定原因！)

c_t的任何非静态成员函数都可以访问c_t* this (如果成员函数是非const )和const c_t* this (如果该函数是const)。

不应将this作为类中任何成员函数的参数。this指针已经在每个非静态成员函数中隐式声明(如上面所述)。同样，在不使用some_fun指针的情况下调用this的唯一方法是使函数保持静态(因为开始时没有特定的实例)。

您不能在some_fun中知道您是从shared_ptr、unique_ptr、c_t*或任何其他类型的指针调用它。唯一可以做的区别是指向对象是否为const。因此，像void some_fn(std::shared_ptr<c_t> this)这样的构造一开始是毫无意义的。

(请注意，您可以通过检查程序的堆栈来确定您使用的指针类型，但我真的建议您不要采用这种方法，除非您正在处理非常具体的情况。)